2017萊蕪數(shù)學(xué)中考練習(xí)試題及答案(2)
2017萊蕪數(shù)學(xué)中考練習(xí)真題答案
一、選擇題:(本大題共12個小題,每小題4分,共48分)在每個小題的下面,都給出了代號為A、B、C、D的四個答案,其中只有一個是正確的.
1.在0、﹣1、 、π四個實數(shù)中,最小的數(shù)是( )
A.﹣1 B.0 C. D.π
【考點】實數(shù)大小比較.
【專題】推理填空題.
【分析】正實數(shù)都大于0,負實數(shù)都小于0,正實數(shù)大于一切負實數(shù),兩個負實數(shù)絕對值大的反而小,據(jù)此判斷即可.
【解答】解:根據(jù)實數(shù)比較大小的方法,可得
﹣ <﹣1<0<π,
∴在0、﹣1、 、π四個實數(shù)中,最小的數(shù)是﹣ .
故選:C.
【點評】此題主要考查了實數(shù)大小比較的方法,要熟練掌握,解答此題的關(guān)鍵是要明確:正實數(shù)>0>負實數(shù),兩個負實數(shù)絕對值大的反而小.
2.下列運算中正確的是( )
A.(a2)3=a5 B. C.a2+a2=a4 D.3x2﹣3x=x
【考點】冪的乘方與積的乘方;立方根;合并同類項.
【分析】根據(jù)冪的乘方、立方根、合并同類項,即可解答.
【解答】解:A、(a2)3=a6,故本選項錯誤;
B、 =﹣3,正確;
C、a2+a2=2a2,故本選項錯誤;
D、3x2與3x不能合并同類項、故本選項錯誤;
故選:B.
【點評】本題考查了冪的乘方、立方根、合并同類項,解決本題的關(guān)鍵是熟記冪的乘方、立方根、合并同類項.
3.如圖,點B是△ADC的邊AD的延長線上一點,DE∥AC,若∠C=50°,∠BDE=60°,則∠CDB的度數(shù)等于( )
A.70° B.100° C.110° D.120°
【考點】三角形的外角性質(zhì);平行線的性質(zhì).
【專題】計算題.
【分析】因為DE∥AC,所以∠A=∠BDE=50°,因為∠BDC是外角,所以∠BDC=∠A+∠C=60°+50°=110°.
【解答】解:∵DE∥AC,∠BDE=60°,∠C=50°,
∴∠BDE=∠A=60°,
∵∠BDC=∠A+∠C=60°+50°=110°.
故選C.
【點評】本題比較簡單,考查的是平行線的性質(zhì)及三角形外角的性質(zhì).
4.為了比較某校同學(xué)漢字聽寫誰更優(yōu)秀,語文老師隨機抽取了10次聽寫情況,發(fā)現(xiàn)甲乙兩人平均成績一樣,甲、乙的方差分別為2.7和3.2,則下列說法正確的是( )
A.甲的發(fā)揮更穩(wěn)定 B.乙的發(fā)揮更穩(wěn)定
C.甲、乙同學(xué)一樣穩(wěn)定 D.無法確定甲、乙誰更穩(wěn)定
【考點】方差.
【分析】根據(jù)甲乙的方差,可以比較它們的大小,方差越小越穩(wěn)定,從而可以解答本題.
【解答】解:∵2.7<3.2,
∴甲的發(fā)揮更穩(wěn)定,
故選A.
【點評】本題考查方差,解題的關(guān)鍵是明確方差的意義,方差越小越穩(wěn)定.
5.二元一次方程組 的解是( )
A. B. C. D.
【考點】解二元一次方程組.
【分析】觀察原方程組,由于兩個方程的y系數(shù)互為相反數(shù),可用加減消元法進行求解,進而可判斷出正確的選項.
【解答】解: ,
?、?②,得:3x+4=10,即x=2;③
將③代入①,得:2+y=10,即y=8;
∴原方程組的解為: .
故選A.
【點評】此題考查的是二元一次方程組的解法,常用的方法有:代入消元法和加減消元法;要針對不同的題型靈活的選用合適的方法.
6.若a2+b+5=0,則代數(shù)式3a2+3b+10的值為( )
A.25 B.5 C.﹣5 D.0
【考點】代數(shù)式求值.
【分析】先由a2+b+5=0得出a2+b=﹣5,再把代數(shù)式變形為3(a2+b)+10的形式,然后利用“整體代入法”求代數(shù)式的值.
【解答】解:∵a2+b+5=0,
∴a2+b=﹣5,
則代數(shù)式3a2+3b+10=3(a2+b)+10,
=3×(﹣5)+10,
=﹣5.
故選C.
【點評】本題考查了代數(shù)式求值,解題的關(guān)鍵是利用“整體代入法”求代數(shù)式的值.
7.若一次函數(shù)y=kx+b的圖象與直線y=﹣x+1平行,且過點(8,2),則此一次函數(shù)的解析式為( )
A.y=﹣x﹣2 B.y=﹣x﹣6 C.y=﹣x﹣1 D.y=﹣x+10
【考點】待定系數(shù)法求一次函數(shù)解析式.
【分析】根據(jù)平行直線的解析式的k值相等求出k,然后把點P(﹣1,2)的坐標(biāo)代入一次函數(shù)解析式計算即可得解.
【解答】解:∵一次函數(shù)y=kx+b的圖象與直線y=﹣x+1平行,
∴k=﹣1,
∵一次函數(shù)過點(8,2),
∴2=﹣8+b
解得b=10,
∴一次函數(shù)解析式為y=﹣x+10.
故選D.
【點評】本題考查了兩直線平行的問題,根據(jù)平行直線的解析式的k值相等求出一次函數(shù)解析式的k值是解題的關(guān)鍵.
8.如圖,AB為半圓O的直徑,點C在AB的延長線上,CD與半圓O相切于點D,且AB=2CD=8,則圖中陰影部分的面積為( )
A. B.32﹣8π C.4﹣π D.8﹣2π
【考點】扇形面積的計算;切線的性質(zhì).
【分析】求出OD=CD=4,求出∠BOD=45°,分別求出三角形OCD的面積和扇形DOB的面積,即可求出答案.
【解答】解:∵AB=2CD=8,AB=2OD,
∴OD=CD=4,
∵DC切⊙O于C,
∴OC⊥CD,
∴∠OCD=90°,
∴△OCD是等腰直角三角形,
∴∠BOD=45°,
∴陰影部分的面積是S△OCD﹣S扇形DOB= ×4×4﹣ =8﹣2π,
故選D.
【點評】本題考查了等腰三角形性質(zhì),三角形的內(nèi)角和定理,切線的性質(zhì),扇形的面積,三角形的面積的應(yīng)用,解此題的關(guān)鍵是求出扇形和三角形的面積,題目比較典型,難度適中.
9.在﹣2、﹣1、0、1、2、3這六個數(shù)中,任取兩個數(shù),恰好互為相反數(shù)的概率為( )
A. B. C. D.
【考點】列表法與樹狀圖法.
【分析】根據(jù)題意畫出樹狀圖,進而利用概率公式求出答案.
【解答】解:由題意畫樹狀圖得:
,
一共有30種可能,符合題意的有4種,故恰好互為相反數(shù)的概率為: .
故選:A.
【點評】此題主要考查了樹狀圖法求概率,正確畫出樹狀圖是解題關(guān)鍵.
10.如圖,用火柴棒擺出一列正方形圖案,第①個圖案用了4根,第②個圖案用了12根,第③個圖案用了24根,按照這種方式擺下去,擺出第⑥個圖案用火柴棒的根數(shù)是( )
A.84 B.81 C.78 D.76
【考點】規(guī)律型:圖形的變化類.
【分析】圖形從上到下可以分成幾行,第n個圖形中,豎放的火柴有n(n+1)根,橫放的有n(n+1)根,因而第n個圖案中火柴的根數(shù)是:n(n+1)+n(n+1)=2n(n+1).把n=6代入就可以求出.
【解答】解:設(shè)擺出第n個圖案用火柴棍為Sn.
?、賵D,S1=1×(1+1)+1×(1+1);
?、趫D,S2=2×(2+1)+2×(2+1);
?、蹐D,S3=3×(3+1)+3×(3+1);
…;
第n個圖案,Sn=n(n+1)+n(n+1)=2n(n+1).
則第⑥個圖案為:2×6×(6+1)=84.
故選A.
【點評】本題考查了規(guī)律型:圖形的變化,此題注意第n個圖案用火柴棍為2n(n+1).
11.關(guān)于x的方程 的解為正數(shù),且關(guān)于y的不等式組 有解,則符合題意的整數(shù)m有( )個.
A.4 B.5 C.6 D.7
【考點】分式方程的解;解一元一次不等式;一元一次不等式組的整數(shù)解.
【分析】先求出方程的解與不等式組的解集,再根據(jù)題目中的要求,求出相應(yīng)的m的值即可解答本題.
【解答】解:∵關(guān)于x的方程 的解為正數(shù),
∴2﹣(x+m)=2(x﹣2),
解得:x= ,
則6﹣m>0,
故m<6,
∵關(guān)于y的不等式組 有解,
∴m+2≤y≤3m+4,
且m+2≤3m+4,
解得:m≥﹣1,
故m的取值范圍是:﹣1≤m<6,
∵x﹣2≠0,
∴x≠2,
∴ ≠2,
m≠0,
則符合題意的整數(shù)m有:﹣1,1,2,3,4,5,共6個.
故選:C.
【點評】本題考查分式方程的解、一元一次不等式組的整數(shù)解,解題的關(guān)鍵是明確題意,找出所求問題需要的條件.
12.重慶實驗外國語學(xué)校坐落在美麗的“華巖寺”旁邊,它被譽為“巴山靈境”.我校實踐活動小組準備利用測角器和所學(xué)的三角函數(shù)知識去測“華巖寺”大佛的高度.他們在A處測得佛頂P的仰角為45°,繼而他們沿坡度為i=3:4的斜坡AB前行25米到達大佛廣場邊緣的B處,BQ∥AC,PQ⊥BQ,在B點測得佛頂P的仰角為63°,則大佛的高度PQ為( )米.
(參考數(shù)據(jù): , , )
A.15 B.20 C.25 D.35
【考點】解直角三角形的應(yīng)用﹣仰角俯角問題;解直角三角形的應(yīng)用﹣坡度坡角問題.
【分析】如圖,作BE⊥AC于E,延長PQ交AC于F.設(shè)PQ=4x,則四邊形BEFQ是矩形,求出BQ、EF、AE,列出方程即可解決問題.
【解答】解:如圖,作BE⊥AC于E,延長PQ交AC于F.設(shè)PQ=4x,則四邊形BEFQ是矩形,
∵tan∠PBQ= = ,
∴BQ=EF=3x,
∵ = ,AB=25,
∴BE=15,AE=20,
∵∠PAF=45°,∠PFA=90°,
∴∠PAF=∠APF=45°,
∴AF=PF,
∴20+3x=4x+15,
∴x=5.
∴PQ=20米
故選B.
【點評】本題考查解直角三角形,仰角問題、坡度問題等知識,解題的關(guān)鍵是理解這些概念,學(xué)會添加常用輔助線,屬于中考??碱}型.
二、填空題:(本大題共6個小題,每小題4分,共24分)
13.地球半徑約為6 400 000m,這個數(shù)字用科學(xué)記數(shù)法表示為 6.4×106 m.
【考點】科學(xué)記數(shù)法—表示較大的數(shù).
【分析】科學(xué)記數(shù)法的表示形式為a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n為整數(shù).確定n的值時,要看把原數(shù)變成M時,小數(shù)點移動了多少位,n的絕對值與小數(shù)點移動的位數(shù)相同.當(dāng)原數(shù)絕對值大于10時,n是正數(shù);當(dāng)原數(shù)的絕對值小于1時,n是負數(shù).確定a×10n(1≤|a|<10,n為整數(shù))中n的值,由于3 120 000有7位,所以可以確定n=7﹣1=6.
【解答】解:6 400 000=6.4×106,
故答案為:6.4×106.
【點評】本題主要考查了科學(xué)記數(shù)法,把一個數(shù)M記成a×10n(1≤|a|<10,n為整數(shù))的形式,掌握當(dāng)原數(shù)絕對值大于10時,n與M的整數(shù)部分的位數(shù)的關(guān)系是解決問題的關(guān)鍵.
14.計算 = 5 .
【考點】實數(shù)的運算;零指數(shù)冪;負整數(shù)指數(shù)冪.
【專題】計算題;實數(shù).
【分析】原式利用絕對值的代數(shù)意義,零指數(shù)冪、負整數(shù)指數(shù)冪法則,以及算術(shù)平方根定義計算即可得到結(jié)果.
【解答】解:原式=2+1﹣2+4=5,
故答案為:5
【點評】此題考查了實數(shù)的運算,熟練掌握運算法則是解本題的關(guān)鍵.
15.如圖,△ABC中,E是AB上一點,且AE:EB=3:4,過點E作ED∥BC,交AC于點D,則△AED與四邊形BCDE的面積比是 9:40 .
【考點】相似三角形的判定與性質(zhì).
【分析】由DE∥BC,即可得△ADE∽△ABC,然后由相似三角形面積比等于相似比的平方,即可求得S△ADE:S△ABC的值,繼而求得△ADE與四邊形DBCE的面積比.
【解答】解:∵DE∥BC,
∴△ADE∽△ABC,
∵AE:EB=3:4,
∴AE:AB=3:7,
∴S△ADE:S△ABC=9:49,
∴S△ADE:S四邊形DBCE=9:40.
故答案為:9:40.
【點評】此題考查了相似三角形的判定與性質(zhì).此題難度不大,注意掌握相似三角形面積比等于相似比的平方定理的應(yīng)用是解此題的關(guān)鍵.
16.如圖,A,B,C是⊙O上三點,∠ACB=25°,則∠BAO的度數(shù)是 65° .
【考點】圓周角定理.
【分析】連接OB,要求∠BAO的度數(shù),只要在等腰三角形OAB中求得一個角的度數(shù)即可得到答案,利用同弧所對的圓周角是圓心角的一半可得∠AOB=50°,然后根據(jù)等腰三角形兩底角相等和三角形內(nèi)角和定理即可求得.
【解答】解:連接OB,
∵∠ACB=25°,
∴∠AOB=2∠ACB=50°,
∵OA=OB,
∴∠BAO=∠ABO=(180°﹣60°)÷2=65°,
故答案為:65°
【點評】本題考查了圓周角定理;作出輔助線,構(gòu)建等腰三角形是正確解答本題的關(guān)鍵.
17.某物流公司的快遞車和貨車同時從甲地出發(fā),以各自的速度勻速向乙地行駛,快遞車到達乙地后缷完物品再另裝貨物共用45分鐘,立即按原路以另一速度勻速返回,直至與貨車相遇.已知貨車的速度為60千米/時,兩車之間的距離y(千米)與貨車行駛時間x(小時)之間的函數(shù)圖象如圖所示,現(xiàn)有以下4個結(jié)論:
?、倏爝f車從甲地到乙地的速度為100千米/時;
②甲、乙兩地之間的距離為120千米;
?、蹐D中點B的坐標(biāo)為(3 ,75);
?、芸爝f車從乙地返回時的速度為90千米/時,
以上4個結(jié)論正確的是 ①③④ .
【考點】一次函數(shù)的應(yīng)用.
【專題】壓軸題.
【分析】根據(jù)一次函數(shù)的性質(zhì)和圖象結(jié)合實際問題對每一項進行分析即可得出答案.
【解答】解:①設(shè)快遞車從甲地到乙地的速度為x千米/時,則
3(x﹣60)=120,
x=100.(故①正確);
?、谝驗?20千米是快遞車到達乙地后兩車之間的距離,不是甲、乙兩地之間的距離,(故②錯誤);
③因為快遞車到達乙地后缷完物品再另裝貨物共用45分鐘,
所以圖中點B的橫坐標(biāo)為3+ =3 ,
縱坐標(biāo)為120﹣60× =75,(故③正確);
?、茉O(shè)快遞車從乙地返回時的速度為y千米/時,則
(y+60)(4 ﹣3 )=75,
y=90,(故④正確).
故答案為;①③④.
【點評】本題考查的是用一次函數(shù)解決實際問題,此類題是近年中考中的熱點問題,關(guān)鍵是根據(jù)一次函數(shù)的性質(zhì)和圖象結(jié)合實際問題判斷出每一結(jié)論是否正確.
18.如圖,正方形ABCD的邊長為3,點E、F分別在邊AD、AB上且AE=BF=1,連接BE、CF交于點G,在線段EG上取一點H使HG=BG,連接DH,把△EDH沿AD邊翻折得到△EDH’,則點H到邊DH’的距離是 .
【考點】翻折變換(折疊問題);三角形的面積;全等三角形的判定與性質(zhì);勾股定理的應(yīng)用;正方形的性質(zhì);平行線分線段成比例.
【專題】方程思想;面積法.
【分析】先連接HH',根據(jù)軸對稱的性質(zhì),判定△ABE≌△BCF,再根據(jù)勾股定理求得CF= ,BG= ,進而得出EH:HB=2:3,再根據(jù)平行線分線段成比例定理,求得PE= ,PH= ,PD= ,最后設(shè)點H到邊DH'的距離是h,根據(jù)面積法得到 ×HH'×PD= ×DH'×h,求得h的值即可.
【解答】解:連接HH',交AD于P,則AD垂直平分HH',
∴DH=DH',即△DHH'是等腰三角形,
∵正方形ABCD的邊長為3,AE=BF=1,∠A=∠FBC=90°,
∴△ABE≌△BCF(SAS),
∴∠ABE=∠BCF,CF=BE,
又∵∠ABE+∠GBC=90°,
∴∠BCG+∠GBC=90°,
∴BG⊥CF,
∵BF=1,BC=3,
∴Rt△BCF中,CF= ,BG= ,
∴HG=BG= ,
又∵CF=BE= ,
∴HE= ,
∴EH:HB=2:3,
∵PH∥AB,
∴ = = ,即 = = ,
∴PE= ,PH= ,PD= ,
∴Rt△PDH中,DH= = =DH',HH'=2× = ,
設(shè)點H到邊DH'的距離是h,則
×HH'×PD= ×DH'×h,
∴ × = ×h,
∴h= ,
∴點H到邊DH'的距離是 .
故答案為: .
【點評】本題以折疊問題為背景,主要考查了正方形的性質(zhì)、勾股定理的應(yīng)用、全等三角形的判定與性質(zhì)的綜合應(yīng)用,解決問題的關(guān)鍵是根據(jù)面積法列出等式求得點H到邊DH'的距離,解題時注意方程思想的運用.
三、解答題(本大題共3個小題,共24分)解答時每小題都必須寫出必要的演算過程或推理步驟,請將解答過程書寫在答題卡中對應(yīng)的位置上.
19.已知:如圖,點E是正方形ABCD的邊CD上一點,點F是CB的延長線上一點,且DE=BF.
求證:EA⊥AF.
【考點】全等三角形的判定與性質(zhì);正方形的性質(zhì).
【專題】證明題.
【分析】根據(jù)條件可以得出AD=AB,∠ABF=∠ADE=90°,從而可以得出△ABF≌△ADE,就可以得出∠FAB=∠EAD,就可以得出結(jié)論.
【解答】證明:∵四邊形ABCD是正方形,
∴AB=AD,∠ABC=∠D=∠BAD=90°,
∴∠ABF=90°.
∵在△BAF和△DAE中,
,
∴△BAF≌△DAE(SAS),
∴FAB=∠EAD,
∵∠EAD+∠BAE=90°,
∴∠FAB+∠BAE=90°,
∴∠FAE=90°,
∴EA⊥AF.
【點評】本題考查了正方形的性質(zhì)的運用,全等三角形的判定及性質(zhì)的運用,等腰直角三角形的判定,在解答本題時,證明三角形全等是關(guān)鍵.
20.數(shù)學(xué)興趣小組為了解我校初三年級1800名學(xué)生的身體健康情況,從初三隨機抽取了若干名學(xué)生,將他們按體重(均為整數(shù),單位:kg)分成五組(A:39.5~46.5;B:46.5~53.5;C:53.5~60.5;D:60.5~67.5;E:67.5~74.5),并依據(jù)統(tǒng)計數(shù)據(jù)繪制了如下兩幅尚不完整的統(tǒng)計圖.
補全條形統(tǒng)計圖,并估計我校初三年級體重介于47kg至53kg的學(xué)生大約有多少名.
【考點】條形統(tǒng)計圖;用樣本估計總體;扇形統(tǒng)計圖.
【分析】根據(jù)統(tǒng)計圖可以求得本次調(diào)查的人數(shù)和體重落在B組的人數(shù),從而可以將條形統(tǒng)計圖補充完整,進而可以求得我校初三年級體重介于47kg至53kg的學(xué)生大約有多少名.
【解答】解:本次調(diào)查的學(xué)生有:32÷16%=200(名),
體重在B組的學(xué)生有:200﹣16﹣48﹣40﹣32=64(名),
補全的條形統(tǒng)計圖如右圖所示,
我校初三年級體重介于47kg至53kg的學(xué)生大約有:1800× =576(名),
即我校初三年級體重介于47kg至53kg的學(xué)生大約有576名.
【點評】本題考查條形統(tǒng)計圖、扇形統(tǒng)計圖、用樣本估計總體,解題的關(guān)鍵是明確題意,找出所求問題需要的條件.
21.化簡下列各式:
(1)(a﹣b)2﹣a(a﹣2b)+(2a+b)(2a﹣b)
(2) .
【考點】分式的混合運算;整式的混合運算.
【分析】(1)根據(jù)完全平方公式和單項式乘以多項式、平方差公式將原式展開,然后再合并同類項即可解答本題;
(2)先化簡括號內(nèi)的式子,再根據(jù)分式的除法即可解答本題.
【解答】解:(1)(a﹣b)2﹣a(a﹣2b)+(2a+b)(2a﹣b)
=a2﹣2ab+b2﹣a2+2ab+4a2﹣b2
=4a2;
(2)
=
=
=
= .
【點評】本題考查分式的混合運算、整式的混合運算,解題的關(guān)鍵是明確它們各自的計算方法.
四、解答題(本大題共3個小題,共30分)解答時每小題都必須寫出必要的演算過程或推理步驟,請將解答過程書寫在答題卡中對應(yīng)的位置上.
22.(2015•荊州)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,O為原點,直線AB分別與x軸、y軸交于B和A,與反比例函數(shù)的圖象交于C、D,CE⊥x軸于點E,tan∠ABO= ,OB=4,OE=2.
(1)求直線AB和反比例函數(shù)的解析式;
(2)求△OCD的面積.
【考點】反比例函數(shù)與一次函數(shù)的交點問題.
【分析】(1)根據(jù)已知條件求出A、B、C點坐標(biāo),用待定系數(shù)法求出直線AB和反比例的函數(shù)解析式;
(2)聯(lián)立一次函數(shù)的解析式和反比例的函數(shù)解析式可得交點D的坐標(biāo),從而根據(jù)三角形面積公式求解.
【解答】解:(1)∵OB=4,OE=2,
∴BE=2+4=6.
∵CE⊥x軸于點E,tan∠ABO= = = .
∴OA=2,CE=3.
∴點A的坐標(biāo)為(0,2)、點B的坐標(biāo)為C(4,0)、點C的坐標(biāo)為(﹣2,3).
設(shè)直線AB的解析式為y=kx+b,則 ,
解得 .
故直線AB的解析式為y=﹣ x+2.
設(shè)反比例函數(shù)的解析式為y= (m≠0),
將點C的坐標(biāo)代入,得3= ,
∴m=﹣6.
∴該反比例函數(shù)的解析式為y=﹣ .
(2)聯(lián)立反比例函數(shù)的解析式和直線AB的解析式可得 ,
可得交點D的坐標(biāo)為(6,﹣1),
則△BOD的面積=4×1÷2=2,
△BOC的面積=4×3÷2=6,
故△OCD的面積為2+6=8.
【點評】本題是一次函數(shù)與反比例函數(shù)的綜合題.主要考查待定系數(shù)法求函數(shù)解析式.求A、B、C點的坐標(biāo)需用正切定義或相似三角形的性質(zhì),起點稍高,部分學(xué)生感覺較難.
23.重慶外國語學(xué)校為解決“停車難”問題,決定對車庫進行擴建,擴建工程原計劃由A施工隊獨立完成,8周后為了縮短工期,學(xué)校計劃從第九周起增派B施工隊與A施工隊共同施工,預(yù)計共同施工4周后工程即可完工,已知B施工隊單獨完成整個工程的工期為20周.
(1)增派B施工隊后,整個工程的工期比原計劃縮短了幾周?
(2)增派B施工隊后,學(xué)校需要重新與A施工隊商定從第九周起的工程費支付問題,已知學(xué)校在工程開始前已支付給A工程隊設(shè)計費、勘測費共計200萬元,工程開始后前八周的工程費已按每周40萬元進行支付,從第九周開始,學(xué)校需要支付給A施工隊的每周工程費在原來40萬元的基礎(chǔ)上增加20%.支付給B施工隊的每周工程費為a萬元,在整個工程結(jié)束后再一次性支付給A、B兩個施工隊的總費用不超過1000萬元,則每周支付給B施工隊的施工費最多為多少萬元?
【考點】分式方程的應(yīng)用;一元一次不等式的應(yīng)用.
【分析】(1)設(shè)原計劃需x周完成,則A隊每周完成總量的 ,B隊每周完成總量的 ,根據(jù):A隊8周的工作量+A、B兩隊合作4周的工作量=1,列方程求解可得;
(2)根據(jù):前8周付給A工程隊的費用+后4周付給A工程隊的費用+后4周付給B工程隊的費用≤1000,列不等式求解可得.
【解答】解:(1)設(shè)原計劃需x周完成,則A隊每周完成總量的 ,B隊每周完成總量的 ,
根據(jù)題意,得:8× +4×( + )=1,
解得:x=15,
經(jīng)檢驗:x=15是原分式方程的解,
∴15﹣(8+4)=3,
答:增派B施工隊后,整個工程的工期比原計劃縮短了3周;
(2)根據(jù)題意,得:40×8+4×40(1+0.2)+4a≤1000
解得:a≤120.5,
答:每周支付給B施工隊的施工費最多為120.5萬元.
【點評】本題主要考查分式方程和一元一次不等式的應(yīng)用能力,理解題意找到題目蘊含的相等關(guān)系或不等關(guān)系是解題的關(guān)鍵
24.有一個n位自然數(shù) 能被x0整除,依次輪換個位數(shù)字得到的新數(shù) 能被x0+1整除,再依次輪換個位數(shù)字得到的新數(shù) 能被x0+2整除,按此規(guī)律輪換后, 能被x0+3整除,…, 能被x0+n﹣1整除,則稱這個n位數(shù) 是x0的一個“輪換數(shù)”.
例如:60能被5整除,06能被6整除,則稱兩位數(shù)60是5的一個“輪換數(shù)”;
再如:324能被2整除,243能被3整除,432能被4整除,則稱三位數(shù)324是2個一個“輪換數(shù)”.
(1)若一個兩位自然數(shù)的個位數(shù)字是十位數(shù)字的2倍,求證這個兩位自然數(shù)一定是“輪換數(shù)”.
(2)若三位自然數(shù) 是3的一個“輪換數(shù)”,其中a=2,求這個三位自然數(shù) .
【考點】數(shù)的整除性.
【分析】(1)先設(shè)出兩位自然數(shù)的十位數(shù)字,表示出這個兩位自然數(shù),和輪換兩位自然數(shù)即可;
(2)先表示出三位自然數(shù)和輪換三位自然數(shù),再根據(jù)能被5整除,得出b的可能值,進而用4整除,得出c的可能值,最后用能被3整除即可.
【解答】解:(1)設(shè)兩位自然數(shù)的十位數(shù)字為x,則個位數(shù)字為2x,
∴這個兩位自然數(shù)是10x+2x=12x,
∴這個兩位自然數(shù)是12x能被6整除,
∵依次輪換個位數(shù)字得到的兩位自然數(shù)為10×2x+x=21x
∴輪換個位數(shù)字得到的兩位自然數(shù)為21x能被7整除,
∴一個兩位自然數(shù)的個位數(shù)字是十位數(shù)字的2倍,這個兩位自然數(shù)一定是“輪換數(shù)”.
(2)∵三位自然數(shù) 是3的一個“輪換數(shù)”,且a=2,
∴100a+10b+c能被3整除,
即:10b+c+200能被3整除,
第一次輪換得到的三位自然數(shù)是100b+10c+a能被4整除,
即100b+10c+2能被4整除,
第二次輪換得到的三位自然數(shù)是100c+10a+b能被5整除,
即100c+b+20能被5整除,
∵100c+b+20能被5整除,
∴b+20的個位數(shù)字不是0,便是5,
∴b=0或b=5,
當(dāng)b=0時,
∵100b+10c+2能被4整除,
∴10c+2能被4整除,
∴c只能是1,3,5,7,9;
∴這個三位自然數(shù)可能是為201,203,205,207,209,
而203,205,209不能被3整除,
∴這個三位自然數(shù)為201,207,
當(dāng)b=5時,∵100b+10c+2能被4整除,
∴10c+502能被4整除,
∴c只能是1,5,7,9;
∴這個三位自然數(shù)可能是為251,255,257,259,
而251,257,259不能被3整除,
∴這個三位自然數(shù)為255,
即這個三位自然數(shù)為201,207,255.
【點評】此題是數(shù)的整除性,主要考查了3的倍數(shù),4的倍數(shù),5的倍數(shù)的特點,解本題的關(guān)鍵是用5的倍數(shù)求出b的值.
五、解答題(本大題共2個小題,共24分)解答時每小題都必須寫出必要的演算過程或推理步驟
25.已知,Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠CAB=30°,分別以AB、AC為邊,向Rt△ABC外作等邊△ABD和等邊△ACE
(1)如圖1,連接BE、CD,若BC=2,求BE的長;
(2)如圖2,連接DE交AB于點F,作BH⊥AD于H,連接FH.求證:BH=2FH;
(3)如圖3,取AB、CD得中點M、N,連接M、N,試探求MN和AE的數(shù)量關(guān)系,并直接寫出結(jié)論.
【考點】三角形綜合題.
【分析】(1)如圖1,先根據(jù)30°角的性質(zhì)求AB的長,利用勾股定理求AC的長,即是AE的長,最后在Rt△EAB中,利用勾股定理求BE的長即可;
(2)如圖2,作輔助線,構(gòu)建全等三角形,證明△EGA≌△BDH和△EFG≌△DFB,得EF=FD,則FH是△AED的中位線,由三角形的中位線定理得:AE=2FH,所以BH=2FH;
(3)如圖3,作輔助線,構(gòu)建三角形全等,證明△CNB≌△DNH,得BN=NH,BC=DH,所以MN是△ABH的中位線,有MN= AH,設(shè)BC=x,表示MN和AE的長,相比可得關(guān)系式.
【解答】解:(1)如圖1,Rt△ABC中,∠CAB=30°,BC=2,
∴AB=4,AC=2 ,
∵△ACE是等邊三角形,
∴AE=AC=2 ,∠EAC=60°,
∴∠EAB=60°+30°=90°,
在Rt△EAB中,EB= = =2 ;
(2)如圖2,過E作EG∥BD,交BA的延長線于G,
∴∠EGA=∠ABD,
∵△ABD是等邊三角形,
∴∠ABD=60°,
∴∠EGA=60°,
∵∠CAB=30°,∠BAD=60°,
∴∠CAH=90°,
∵BH⊥AD,
∴∠AHB=90°,
∴∠BCA=∠AHB=∠CAH=90°,
∴四邊形CAHB是矩形,
∴BH=AC,
∴BH=AE,
∵∠EAB=60°+30°=90°,
∴∠EAG=∠BHD=90°,
∵△ABD是等邊三角形,BH⊥AD,
∴∠HBD=30°,AH=HD,
∴∠BDH=60°=∠EGA,
∴△EGA≌△BDH,
∴BD=EG,
∵∠EFG=∠BFD,
∴△EFG≌△DFB,
∴EF=FD,
∵AH=HD,
∴FH是△AED的中位線,
∴AE=2FH,
∴BH=AC=AE=2FH;
即BH=2FH;
(3)如圖3,連接BN,并延長交AD于H,
∵∠CBA=60°=∠BAD,
∴BC∥AD,
∴∠BCN=∠NDH,
∵CN=ND,∠CNB=∠DNH,
∴△CNB≌△DNH,
∴BN=NH,BC=DH,
∵M是AB的中點,
∴MN是△ABH的中位線,
∴MN= AH,
設(shè)BC=x,則DH=x,AB=AD=2x,
∴AH=x,
∴MN= x,
Rt△ACB中,AC=2 x,
∴AE=2 x,
∴ = = ,
∴AE=4 MN.
【點評】本題是三角形的綜合題,考查了三角形全等的性質(zhì)和判定、三角形中位線定理、直角三角形30°角的性質(zhì)、等邊三角形的性質(zhì)、矩形的性質(zhì)和判定,熟練掌握等邊三角形和全等三角形的性質(zhì)和判定是關(guān)鍵,第3問有難度,利用中點的已知條件作輔助線,根據(jù)三角形中位線定理解決問題即可.
26.如圖1,正方形OABC在平面直角坐標(biāo)系中的位置如圖所示,點A在x軸上,點C在y軸上,點D是邊OA的中點,連接CD,點E在第一象限,且DE⊥DC,DE=DC,拋物線y= x2﹣ x+2過C,E兩點,與AB的交點為K.
(1)求線段CK的長度;
(2)點P為EC線段下方拋物線上一點,過點P作y軸的平行線與EC線段交于點Q,當(dāng)線段PQ最長時,在y軸上找一點F使|PF﹣DF|的值最大,求符合題意的F點坐標(biāo);
(3)如圖2,DE與AB交于點G,過點B作BH⊥CD于點H,把△BCH沿射線CB的方向以每秒1個單位長度的速度向右平移.平移過程中的三角形記為△B′C′H′,當(dāng)點H′運動到四邊形HDEB的外部時運動停止,設(shè)運動時間為t(t>0),△B′C′H′與△BEG重疊部分的面積為S,寫出S關(guān)于t的函數(shù)關(guān)系式及自變量的取值范圍.
【考點】二次函數(shù)綜合題.
【分析】(1)如圖1中,作EM⊥x軸于M.首先證明△COD≌△MDE,推出E(3,1),求出直線CE的解析式即可即可問題.
(2)如圖2中,設(shè)P(m, m2﹣ m+2)則Q(m,﹣ +2).構(gòu)建二次函數(shù),求出PQ最大時,點P坐標(biāo),延長PD交y軸于F,此時|PF﹣DF|的值最大,
(3)分三種情形①如圖3中,當(dāng)0≤t≤ 時,重疊部分是△BMN;②如圖4中,當(dāng)
【解答】解:(1)如圖1中,作EM⊥x軸于M.
∵拋物線y= x2﹣ x+2過C,
∴C(0,2),
∴OA=AB=BC=OC=2,
∵OD=DA,
∴OD=OA=1,
∵CD⊥DE,
∴∠CDE=∠EMD=∠COD=90°,
∴∠CDO+∠EDA=90°,∠EDM+∠DEM=90°,
∴∠CDO=∠DEM,∵DC=DE,
∴△COD≌△MDE,
∴EM=OD=2,OC=DM=2,
∴E(3,1),
∴直線CE的解析式為y=﹣ x+2,
∴點K坐標(biāo)(2, ),
∴CK= = .
(2)如圖2中,設(shè)P(m, m2﹣ m+2)則Q(m,﹣ +2).
∴PQ=﹣ m+2﹣( m2﹣ m+2)=﹣ m2+m=﹣ (m﹣ )2+ ,
∵﹣ <0,
∴m= 時,PQ的值最大,此時P( , ),
延長PD交y軸于F,此時|PF﹣DF|的值最大,
∵直線PD的解析式為y= x﹣ ,
∴點F坐標(biāo)(0,﹣ ).
(3)①如圖3中,
∵C(0,2),D(1,0),
∴直線CD的解析式為y=﹣2x+2,
∵BH⊥CD,B(2,2),
∴直線BH的解析式為y= x+1,
由 ,解得 ,
∴H( , ),
∴CH= ,BH= ,
∵B′(2+t,2),B′H′∥BH,
∴直線B′H′的解析式為y= x+1﹣ t,
∴M(2,2﹣ t),BM=2﹣(2﹣ t)= t,
由 解得 ,
∴N( t+2,﹣ ),
當(dāng)H′在AB時時,2﹣ t= ,
∴t= ,
∴當(dāng)0≤t≤ 時,重疊部分是△BMN,S= • t• t= t2.
②如圖4中,當(dāng)
∵直線C′H′的解析式為y=﹣2x+2+2t,
∴M(2,﹣2+2t),
S=S△B′C′H′﹣S△BMC′﹣S△BB′N= • • ﹣ •(4﹣2t)•(2﹣t)﹣ •t•[2﹣(﹣ t+20]=﹣ t2+4t﹣ .
?、廴鐖D5中,當(dāng)2
由 解得 ,
∴M(2t﹣2,6﹣2t),∵N( t+2,﹣ t+2),H′( +t, ),
∴S= •H′M•H′N= • = t2﹣4t+ (0
【點評】本題考查二次函數(shù)綜合題、一次函數(shù)、面積問題,最值問題等知識,解題的關(guān)鍵是學(xué)會構(gòu)建二次函數(shù)解決最值問題,學(xué)會分類討論,學(xué)會構(gòu)建一次函數(shù),利用方程組求交點坐標(biāo),屬于中考壓軸題.
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