2016年重慶中考物理答案(2)
2016年重慶中考物理答案
三、實驗探究題(本題共3小題，第15小題5分，第16小題8分，第17小題9分，共22分)
16.完成下列兩個小題：
(1)在“探究平面鏡成像”的實驗中，如果將蠟燭靠近平板玻璃，像的大小將 不變 (選填“變大”、“變小”或“不變”);在實驗中如果把平板玻璃向右傾斜(如圖丙)，觀察到蠟燭的像的大致位置在圖中的 A 處(選填“A”或“B”).
(2)小杜同學在做“觀察水的沸騰”實驗中，選用了實驗室里常用的溫度計，它是根據(jù)液體 熱脹冷縮 的原理制成的.圖甲所示是某時刻溫度計的示數(shù)為 78 ℃;繼續(xù)加熱，當水溫上升到80℃時，每隔1min記錄一次溫度計的示數(shù)，直到水沸騰4min后停止讀數(shù)，根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)畫出了圖乙示數(shù)的“溫度﹣時間”圖象，根據(jù)圖象可知此次實驗中水的沸點是 96 ℃.
【分析】(1)根據(jù)平面鏡成像特點分析解答：像與物到平面鏡的距離相等、連線與鏡面垂直、大小相等、虛像、左右相反，及像與物關于平面鏡對稱;
(2)①根據(jù)溫度計的制作原理和溫度計的讀數(shù)方法(溫度計讀數(shù)時要看清其量程和分度值，根據(jù)液柱上面對應的刻度讀數(shù)，讀數(shù)時視線要與液柱上表面相平，并注意分清零上還是零下.)來作答. ②水沸騰時的特點：不斷吸熱，但溫度保持不變.
【解答】解：(1)根據(jù)根據(jù)平面鏡中成像特點：物像大小相等可知，在“探究平面鏡成像”的實驗中，如果將蠟燭靠近平板玻璃，像的大小將不變.
如圖，作出蠟燭火焰關于平面鏡的對稱點，可知在實驗中如果把平板玻璃向右傾斜(如圖丙)，觀察到蠟燭的像的大致位置在圖中的A處;
(2)①實驗室里常用的溫度計是利用液體的熱脹冷縮性質(zhì)制成的;由圖知：此溫度計的分度值為2℃，溫度從下向上增大，所以物體溫度為零上，是78℃.
?、趶膱D象可以看出水在沸騰過程中保持96℃不變，所以沸點為96℃.
故答案為：(1)不變;A;(2)熱脹冷縮性;78;96.
【點評】此題考查平面鏡成像特點、溫度計的使用與讀數(shù)、水的沸騰實驗，是一道綜合性題目，但難度不大，屬于基礎題.
17.小杜同學在長江邊撿到了一塊漂亮的鵝卵石，他用天平和量筒測量鵝卵石的密度.
(1)他設計了下列實驗步驟：
?、儆谜{(diào)節(jié)好的天平測出鵝卵石的質(zhì)量m;
②向量筒中倒進適量的水，讀出水的體積V1;
?、鄹鶕?jù)密度的公式，算出鵝卵石的密度ρ;
④將鵝卵石浸沒在量筒內(nèi)的水中，讀出鵝卵石和水的總體積V2.
他應采用正確的實驗步驟順序為 A (選填下列選項前的字母).
A、①②④③B、①②③④C、②③④①D、②③①④
(2)如圖甲所示，小杜在調(diào)節(jié)天平橫梁平衡過程中的操作錯誤是 測量過程中調(diào)節(jié)平衡螺母 .
(3)小杜糾正錯誤后，重新調(diào)節(jié)天平平衡并測量鵝卵石的質(zhì)量，當天平平衡時右盤砝碼和游碼如圖乙
3所示，鵝卵石的質(zhì)量為 27 g;由圖丙和丁可知鵝卵石的體積是 10 cm，計算出鵝卵石的密度為
3.
(4)若鵝卵石磨損后，它的密度將 不變 (選填“變大”、“變小”或“不變”).
(5)用量筒測量水的體積，讀數(shù)時視線應與液體凹面的底部 相平 ，若小杜在圖丙中讀數(shù)正確，在圖丁中讀數(shù)時視線仰視，所測得鵝卵石的密度將 偏大 (選填“偏大”、“偏小”或“不變”).
【分析】(1)用天平測量固體密度(大于水的密度)的步驟：
天平放在水平面上，游碼歸零，調(diào)節(jié)天平的橫梁平衡;
用天平測量固體的質(zhì)量;
量筒中倒入適量的水，測量水的體積;
把固體浸沒在水中，測量水和固體的總體積;
根據(jù)密度公式，計算固體的密度.
(2)在稱量物體的質(zhì)量之前，要調(diào)節(jié)天平的平衡螺母使橫梁平衡，平衡螺母向上翹的一端移動. 在稱量物體的過程中，要增減砝碼或移動游碼來使天平的橫梁平衡.
(3)鵝卵石的質(zhì)量由砝碼的質(zhì)量和游碼所對的刻度值之各讀出.
鵝卵石的體積由量筒中水的體積和放入鵝卵石后的總體積算出，最后算鵝卵石的密度.
(4)密度是物質(zhì)本身的一種特性，與質(zhì)量和體積無關;
(5)用量筒量取液體時，量筒要放平，讀數(shù)時視線應與凹液面的最低處相平;如果仰視液面，讀數(shù)比實際偏小，若俯視液面，讀數(shù)比實際偏大;據(jù)此結合密度公式進行分析解答.
【解答】解：(1)經(jīng)分析得，測量鵝卵石的密度的步驟為：
①用調(diào)節(jié)好的天平測出礦石的質(zhì)量m;
?、谙蛄客仓械惯M適量的水，測出這些水的體積V1;
?、軐ⅨZ卵石浸沒在置筒內(nèi)的水中，測出鵝卵石和水的總體積V2.
?、鄹鶕?jù)密度的公式，求出鵝卵石的密度ρ;
故選A;
(2)稱量物體質(zhì)量時，若天平橫梁不平衡，要增減砝碼或移動游碼來使天平的橫梁平衡，不能調(diào)節(jié)平衡螺母.
(3)由圖知，標尺的分度值為0.2g，砝碼的質(zhì)量為20g、5h，游砝所對的刻度值為2g，則鵝卵石的質(zhì)量m=20g+5g+2g=27g.
33333量筒中水的體積為10cm，放入鵝卵石后的總體積為20cm，則石子的體積V=20cm﹣10cm=10cm.
則鵝卵石的密度：ρ
=
==2.7g/cm=2.7×10kg/m;
333(4)密度是物質(zhì)本身的一種特性，與質(zhì)量和體積無關.該鵝卵石磨損后，它的密度將不變;
(5)量筒讀數(shù)，視線與液面底部相平，若仰視讀數(shù)，讀數(shù)比實際偏小;根據(jù)ρ
=可知，m不變.V偏小，則所測得鵝卵石的密度將偏大.
故答案為：(1)A;(2)測量過程中調(diào)節(jié)平衡螺母;(3)27;10;2.7;(4)不變;(5)偏大.
【點評】本題考查了天平的調(diào)節(jié)、量筒讀數(shù)、天平的讀數(shù)、固體密度的測量方法等，掌握原理，學習中學會以不變應萬變.
18.同學們在“探究小燈泡的亮度與功率的關系”實驗中，所用電源電壓為6V，燈泡的額定電壓U0=3.8V，額定功率在1﹣1.5W的范圍內(nèi).
(1)按圖甲所示的電路圖，請你用筆畫線代替導線將圖乙的電路補充完整.
(2)小杜同學在實驗過程中，將滑動變阻器的滑片P緩慢向B端移動，小燈泡的實際功率將 變大 (選填“變大”、“變小”或“不變”);同時觀察到小燈泡的亮度將變 亮 (選填“亮”或“暗”).
(3)另一組的小張同學在實驗過程中發(fā)現(xiàn)電流表、電壓表示數(shù)如圖丙所示，此時電流表的示數(shù)是 0.2 A，電壓表的示數(shù)是，經(jīng)分析造成這種現(xiàn)象的原因是接了0～3V .
(4)小張同學重新調(diào)整電路連接后，繼續(xù)探究小燈泡在額定功率時的亮度，但發(fā)現(xiàn)無法準確讀出額定電壓，他用第(3)小問中所測得數(shù)據(jù)先算出燈泡的電阻RL，再根據(jù)P0
=計算燈泡的額定功率.按此方案算出燈的額定功率比真實值偏 小 (選填“大”或“小”)，原因是 燈泡電阻隨溫度的變化而變
【分析】(1)電流表、滑動變阻器與燈泡串聯(lián)，電壓表與燈泡并聯(lián)，根據(jù)燈泡的額定電壓確定電壓表的量程，滑動變阻器要接一上一下;
(2)由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和燈泡兩端的電壓變化，根據(jù)P=UI可知燈泡實際功率的變化，進一步判斷燈泡亮暗的變化.
(3)根據(jù)電流表所選量程可讀數(shù)，根據(jù)電壓表指針位置讀數(shù)，然后與電源電源比較即可知造成這種現(xiàn)象的原因;
(4)燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值
RL與燈泡正常發(fā)光時的阻值不相等，根據(jù)P0=分析與真實值的差異.
【解答】解：(1)電壓表與燈泡并聯(lián)，燈泡的額定電壓為3.8V，所以應選擇0～
15V量程; 滑動變阻器已接了上面一個接線柱，應再接下面一個接線柱，如圖所示：
(2)由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流， 當滑片P
緩慢向B端移動的過程中，接入電路中的電阻變小，電路中的總電阻變小，
由I=可知，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大;
由U=IR可知，燈泡兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大;
因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，所以，由P=UI可知，燈泡的實際功率變大，燈泡變亮.
(3)由圖可知，電流表所選量程為0～0.6A，則由指針位置可知，此時電流表的示數(shù)是0.2A， 由燈泡的額定電壓U0=3.8V，可知，電壓表應接0～15V，若接在0～15V量程，那么由指針位置可知，此時電壓為10V，而電源電壓為6V，所以沒有接在0～15V量程，接在0～3V量程，故此時電壓表的示數(shù)為2V;
(4)因為燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發(fā)光時的阻值不相等， 因為燈泡電阻隨溫度的升高而增大，所以根據(jù)P0
=求出的功率比額定功率小.
故答案為：(1)見上圖;(2)變大;亮;(3)0.2;2;電壓表量程接錯，應該接0～15V，實際接了0～3V;
(4)燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發(fā)光時的阻值不相等.
【點評】本題考查了連接電路圖、歐姆定律的應用、串聯(lián)電路的特點，連接電路圖時，要注意電表量程的選擇，注意電表正負接線柱不要接反，第(4)小題有一定的難度，解題是時要注意認真分析.
四、討論計算題(本題共3個小題，第18題6分，第19題8分，第20題8分，共22分)
19.如圖所示的電路中，電源電壓恒為30V，電阻R1為15Ω.同時閉合開關S1、S2時，電流表的示數(shù)為2.5A.求：
(1)通過電阻R1的電流;
(2)電阻R2的阻值.
【分析】由電路圖可知，同時閉合開關S1、S2時，R1與R2并聯(lián)，電流表測干路電流.
(1)根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出通過電阻R1的電流;
(2)根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出通過電阻R2的電流，再根據(jù)歐姆定律求出電阻R2的阻值.
【解答】解：由電路圖可知，同時閉合開關S1、S2時，R1與R2并聯(lián)，電流表測干路電流.
(1)因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，
所以，通過電阻R1的電流：
I1
=
==2A;
(2)因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，
所以，通過電阻R2的電流：
I2=I﹣I1=2.5A﹣2A=0.5A，
則電阻R2的阻值：
R2
=
==60Ω.
答：(1)通過電阻R1的電流為2A;
(2)電阻R2的阻值為60Ω.
【點評】本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，是一道基礎題目.
20.小杜家有一臺浮管式水力發(fā)電機，它可以利用流水資源實現(xiàn)24小時全天候發(fā)電.圖甲是發(fā)電機在流水中的工作示意圖，在水深1m、水面寬1m、橫截面為矩形的溝渠中發(fā)電機的輸出功率和水流速度的關系如圖乙所示.求：
(1)當水流速度為1.5m/s時，24h可以發(fā)電多少千瓦時?
(2)發(fā)電機對家里“220V 800W”的電飯鍋供電，實測家中電壓約為額定電壓的0.9倍，電飯鍋煮飯時的實際功率約為多少瓦?
(3)水力發(fā)電利用了大量流水資源，當水流速度為1.5m/s時，1h通過溝渠橫截面的水是多少噸?
【分析】(1)由圖乙可知水流速度為1.5m/s時的功率，利用
P=可求得24h可以發(fā)電多少千瓦時;
(2)根據(jù)“220V 800W”求得電飯鍋電阻，然后利用
P=可求得電飯鍋煮飯時的實際功率;
(3)已知流速和運動時間可以求出水的體積，根據(jù)公式ρ
=可以求出水的質(zhì)量.
【解答】解：(1)由圖乙可知水流速度為1.5m/s時的功率P=500W=0.5kW，
由
P=可得，W=Pt=0.5kW×24h=12kWh;
(2)由P=UI，
I=可得，
P=，則電飯鍋電阻
R=
==60.5Ω， U實際=0.9U額=0.9×220V=198V，
電飯鍋煮飯時的實際功率P實際
=
=
2=720W.
3 (3)溝渠橫截面的面積S=1m×1m=1m， 2331h內(nèi)流水的體積V=Svt=1m×1.5m/s×3600s=5.4×10m; 333由ρ
=可得，這些水的質(zhì)量m=ρV=1.0×10kg/m×5.4×10m=5.4×10kg=5.4×10t;
答：(1)當水流速度為1.5m/s時，24h可以發(fā)電12千瓦時;
(2)電飯鍋煮飯時的實際功率約為720瓦; 63
(3)水力發(fā)電利用了大量流水資源，當水流速度為1.5m/s時，1h通過溝渠橫截面的水是多少噸5.4×10t.
【點評】此題考查了實際功率和密度公式的應用，解答此題的關鍵是從題目中提取用于的信息.
21.如圖甲是西南大學校內(nèi)的一座塑像，其基座結構類似于圖乙和丙的模型.若A、B是質(zhì)量分布均勻地正方體物塊，其邊長分別是20cm、30cm，密度之比ρA：ρB=3：1.將A放在水平地面上，B放在A的上面，A對水平地面的壓強為5100Pa(如圖乙).求：
(1)圖乙中，物塊A對地面的壓力;
(2)物塊A的密度;
(3)若將物塊B放在水平地面上，A放在B的上面(如圖丙)，要使B對地面的壓強為2800Pa，應將物塊B沿豎直方向切去幾分之幾.
3
【分析】(1)根據(jù)壓強的變形公式即可求出物塊A對地面的壓力;
(2)因為水平地面上靜止的物體，地面受到的壓力等于重力，所以甲乙的總重力等于圖乙中物塊A對地面的壓力，然后根據(jù)密度的變形公式和重力的計算公式即可求出物塊A的密度;
(3)設應將物塊B沿豎直方向切去的比例為x，則由G=mg和
p=求出切去比例.
【解答】解：
(1)由
p=可得，物塊A對地面的壓力：F=pSA=5100Pa×0.2m×0.2m=204N;
(2)圖乙中物塊A對地面的壓力等于物體AB的總重力，所以AB的總重力G總=F=204N; 由重力和密度公式可得：GA+GB=ρAVAg+ρBVBg=204N，
因為ρA：ρB=3：1，所以有：
ρA×(0.2m)×
10N/kg+ρA×(0.3m)×10N/kg=204N，
解得：ρA=1.2×10kg/m;
333(3)物塊A的重：GA=ρAVAg=1.2×10kg/m×(0.2m)×10N/kg=96N;
物塊B的重：GB=ρBVB
g=×1.2×10kg/m×(0.3m)×10N/kg=108N; 3333333
設將物塊B沿豎直方向切去的比例為x，則B剩余部分的底面積為(1﹣x)SB，
沿豎直方向切去物塊B后，設剩余部分占物塊B體積的比例為x，
則物塊B剩余部分的底面積為SBx，物塊B剩余部分的重為GBx，
則由
p=可得：pB
==2800Pa，
即=2800Pa，
解得
x=，則將物塊B沿豎直方向切去了三分之一的體積.
答：(1)圖乙中，物塊A對地面的壓力為204N;
33 (2)物塊A的密度為1.2×10kg/m;
(3)要使B對地面的壓強為2800Pa，應將物塊B沿豎直方向切去三分之一.
【點評】本題考查了壓力、壓強的計算，靈活的運用
p=是解題的關鍵，要注意水平面上物體的壓力和自身的重力相等.
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